小题必练13:动量守恒定律gKY物理好资源网(原物理ok网) |
gKY物理好资源网(原物理ok网) gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)(1)动量守恒定律处理系统内物体的相互作用;(2)碰撞、打击、反冲等“瞬间作用”问题。
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网) gKY物理好资源网(原物理ok网)例1.(2020∙全国II卷∙21)水平冰面上有一固定的竖直挡板,一滑冰运动员面对挡板静止在冰面上,他把一质量为4.0 kg的静止物块以大小为5.0 m/s的速度沿与挡板垂直的方向推向挡板,运动员获得退行速度;物块与挡板弹性碰撞,速度反向,追上运动员时,运动员又把物块推向挡板,使其再一次以大小为5.0 m/s的速度与挡板弹性碰撞。总共经过8次这样推物块后,运动员退行速度的大小大于5.0 m/s,反弹的物块不能再追上运动员。不计冰面的摩擦力,该运动员的质量可能为( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)A. 48 kg B. 53 kg C. 58 kg D. 63 kg
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】设运动员和物块的质量分别为
m、
m0规定运动员运动的方向为正方向,运动员开始时静止,第一次将物块推出后,运动员和物块的速度大小分别为
v1、
v0,则根据动量守恒定律0=
mv1-
m0v0,解得
;物块与弹性挡板撞击后,运动方向与运动员同向,当运动员再次推出物块
mv1+
m0v0=
mv2-
m0v0,解得
;第3次推出后
mv2+
m0v0=
mv3-
m0v0,解得
;依次类推,第8次推出后,运动员的速度
,根据题意可知
>5 m/s,解得
m<60 kg;第7次运动员的速度一定小于5 m/s,即
<5 m/s,解得
m>52 kg。综上所述,运动员的质量满足52 kg<
m<60 kg,BC正确。
gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】BC
gKY物理好资源网(原物理ok网)【点睛】本题考查动量守恒定律,注意数学归纳法的应用。
gKY物理好资源网(原物理ok网)例2.(2020∙山东卷∙18)如图所示,一倾角为
θ的固定斜面的底端安装一弹性挡板,
P、
Q两物块的质量分别为
m和4
m,
Q静止于斜面上
A处。某时刻,
P以沿斜面向上的速度
v0与
Q发生弹性碰撞。
Q与斜面间的动摩擦因数等于tan
θ,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
P与斜面间无摩擦,与挡板之间的碰撞无动能损失。两物块均可以看作质点,斜面足够长,
Q的速度减为零之前
P不会与之发生碰撞。重力加速度大小为
g。
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)(1)求
P与
Q第一次碰撞后瞬间各自的速度大小
vP1、
vQ1;
gKY物理好资源网(原物理ok网)(2)求第
n次碰撞使物块
Q上升的高度
hn;
gKY物理好资源网(原物理ok网)(3)求物块
Q从
A点上升的总高度
H;
gKY物理好资源网(原物理ok网)(4)为保证在
Q的速度减为零之前
P不会与之发生碰撞,求
A点与挡板之间的最小距离
s。
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】(1)
P与
Q的第一次碰撞,取
P的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)mv0=
mvP1+4
mvQ1gKY物理好资源网(原物理ok网)由机械能守恒定律得:
mv02=
mvP12+×4
mvQ12gKY物理好资源网(原物理ok网)联立式得:
vP1=-
v0,
vQ1=
v0gKY物理好资源网(原物理ok网)故第一次碰撞后
P的速度大小为
v0,
Q的速度大小为
v0。
gKY物理好资源网(原物理ok网)(2)设第一次碰撞后
Q上升的高度为
h1,对
Q由运动学公式得
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)联立得
⑥
gKY物理好资源网(原物理ok网)设
P运动至与
Q刚要发生第二次碰撞前的位置时速度为
v02,第一次碰后至第二次碰前,对
P由动能定理得
gKY物理好资源网(原物理ok网)mv022-
mvP12=-
mgh1gKY物理好资源网(原物理ok网)联立得
gKY物理好资源网(原物理ok网)P与
Q的第二次碰撞,设碰后
P与
Q的速度分别为
vP2、
vQ2,由动量守恒定律得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)mv02=
mvP2+4
mvQ2gKY物理好资源网(原物理ok网)由机械能守恒定律得:
mv022=
mvP22+×4
mvQ22gKY物理好资源网(原物理ok网)联立得:
,
gKY物理好资源网(原物理ok网)设第二次碰撞后
Q上升的高度为
h2,对
Q由运动学公式得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)得
gKY物理好资源网(原物理ok网)设
P运动至与
Q刚要发生第三次碰撞前的位置时速度为
v03,第二次碰后至第三次碰前,对
P由动能定理得:
mv032-
mvP22=-
mgh2gKY物理好资源网(原物理ok网)得
gKY物理好资源网(原物理ok网)P与
Q的第三次碰撞,设碰后
P与
Q的速度分别为
vP3、
vQ3,由动量守恒定律得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)mv03=
mvP3+4
mvQ3gKY物理好资源网(原物理ok网)由机械能守恒定律得:
mv032=
mvP32+×4
mvQ32gKY物理好资源网(原物理ok网)得:
,
gKY物理好资源网(原物理ok网)设第三次碰撞后
Q上升的高度为
h3,对
Q由运动学公式得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)联立得
gKY物理好资源网(原物理ok网)总结可知,第
n次碰撞后,物块
Q上升的高度为
(
n=1,2,3……)。
gKY物理好资源网(原物理ok网)(3)当
P、
Q达到
H时,两物块到此处的速度可视为零,对两物块运动全过程由动能定理得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)解得:
。
gKY物理好资源网(原物理ok网)(4)设
Q第一次碰撞至速度减为零需要的时间为
t1,由运动学公式得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)vQ1=2
gt0sin
θgKY物理好资源网(原物理ok网)设
P运动到斜面底端时的速度为
vP1′,需要的时间为
t2,由运动学公式得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)vP1′=
vP1+
gt2sin
θgKY物理好资源网(原物理ok网)vP1′2-
vP12=2
sgsin
θgKY物理好资源网(原物理ok网)设
P从
A点到
Q第一次碰后速度减为零处匀减速运动的时间为
t3,则:
gKY物理好资源网(原物理ok网)v02=(-
vP1)-
gt3sin
θgKY物理好资源网(原物理ok网)当
A点与挡板之间的距离最小时间:
t1=2
t2+
t3gKY物理好资源网(原物理ok网)联立得:
。
gKY物理好资源网(原物理ok网)【点睛】本题综合性强,物体运动过程复杂,难度较大。解题需要分析清楚物块的运动过程,并综合应用动能定理、动量守恒定律与机械能守恒定律等。
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)1.两球在水平面上相向运动,发生正碰后都变为静止。可以肯定的是,碰前两球的( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)A.质量相等 B.动能相等
gKY物理好资源网(原物理ok网)C.动量大小相等 D.速度大小相等
gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】C
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】两小球组成的系统碰撞过程中满足动量守恒,两球在水平面上相向运动,发生正碰后都变为静止,故根据动量守恒定律可以断定碰前两球的动量大小相等、方向相反,C项正确。
gKY物理好资源网(原物理ok网)2.如图所示,子弹水平射入放在光滑水平地面上静止的木块,子弹未穿透木块,此过程木块的动能增加了6 J,那么此过程产生的内能可能为( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)A.16 J B.2 J
gKY物理好资源网(原物理ok网)C.6 J D.4 J
gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】A
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】设子弹的质量为
m0,初速度为
v0,木块的质量为
m,则子弹打入木块的过程中,子弹与木块组成的系统动量守恒,即
m0v0=(
m+
m0)
v,此过程产生的内能等于系统损失的动能,即
E=
m0v-(
m+
m0)
v2,而木块获得的动能
E木=
mv2=6 J,两式相除得=>1,即
E>6 J,A项正确。
gKY物理好资源网(原物理ok网)3.如图所示,在光滑的水平面上有一物体
M,物体上有一光滑的半圆弧轨道,最低点为
C,两端
A、
B一样高。现让小滑块
m从
A点静止下滑,则( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)A.
m不能到达小车上的
B点
gKY物理好资源网(原物理ok网)B.
m从
A到
C的过程中
M向左运动,
m从
C到
B的过程中
M向右运动
gKY物理好资源网(原物理ok网)C.
m从
A到
B的过程中小车一直向左运动,
m到达
B的瞬间,
M速度为零
gKY物理好资源网(原物理ok网)D.
M与
m组成的系统机械能守恒,动量守恒
gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】C
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】
M和
m组成的系统水平方向动量守恒,机械能守恒所以
m恰能达到小车上的
B点,到达
B点时小车与滑块的速度都是0,故A项错误;
M和
m组成的系统水平方向动量守恒,
m从
A到
C的过程中以及
m从
C到
B的过程中
m一直向右运动,所以
M一直向左运动,
m到达
B的瞬间,
M与
m速度都为零,故B项错误,C项正确;小滑块
m从
A点静止下滑,物体
M与滑块
m组成的系统水平方向所受合力为零,系统水平方向动量守恒,竖直方向有加速度,合力不为零,所以系统动量不守恒。
M和
m组成的系统机械能守恒,故D项错误。
gKY物理好资源网(原物理ok网)4.如图所示,质量为
M的木块位于光滑水平面上,在木块与墙之间用轻弹簧连接,开始时木块静止在
A位置。现有一质量为
m的子弹以水平速度
v0射向木块并嵌入其中,则木块回到
A位置时的速度
v以及此过程中墙对弹簧的冲量
I的大小分别为( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)A.
v=,
I=0 B.
v=,
I=2
mv0gKY物理好资源网(原物理ok网)C.
v=,
I= D.
v=,
I=2
mv0gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】B
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】子弹射入木块过程,由于时间极短,子弹与木块间的内力远大于系统外力,由动量守恒定律得
mv0=(
M+
m)
v,解得
v=,子弹和木块系统在弹簧弹力的作用下先做减速运动,后做加速运动,回到
A位置时速度大小不变,即当木块回到
A位置时的速度
v=,子弹、木块和弹簧组成的系统受到的合力即为墙对弹簧的作用力,根据动量定理得
I=-(
M+
m)
v-
mv0=-2
mv0,所以墙对弹簧的冲量
I的大小为2
mv0。
gKY物理好资源网(原物理ok网)5.(多选)在光滑水平面上,小球
A、
B(可视为质点)沿同一直线相向运动,
A球质量为1 kg,
B球质量大于
A球质量。如果两球间距离小于
L时,两球之间会产生大小恒定的斥力,大于
L时作用力消失两球运动的速度—时间关系如图所示,下列说法正确的是( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)A.
B球的质量为2 kg
gKY物理好资源网(原物理ok网)B.两球之间的斥力大小为0.15 N
gKY物理好资源网(原物理ok网)C.
t=30 s时,两球发生非弹性碰撞
gKY物理好资源网(原物理ok网)D.最终
B球速度为零
gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】BD
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】由牛顿第二定律
a=可知,质量大的物体加速度较小,质量小的物体加速度较大,则联系图象可知横轴上方图象对应
B小球,横轴下方图象对应
A小球,则有= m/s
2,
mA=1 kg,= m/s
2,解得
mB=3 kg,
F=0.15 N,选项B正确;在
t=30 s碰撞时,
A小球的速度为零,
B小球速度为
v0=2 m/s,碰后
B小球减速,
A小球加速,则碰后
B小球速度为
vB=1 m/s,碰后
A小球速度为
vA=3 m/s,则由数据可知,动量和动能均守恒,则为弹性碰撞,选项C错误;碰前,由运动图象面积可知,两小球相距80 m的过程中一直有斥力产生,而碰后
B小球减速,初速度为
vB=1 m/s,加速度为= m/s
2,
A小球加速,初速度为
vA=3 m/s,加速度为= m/s
2,距离逐渐增大,若一直有加速度,则当
B小球停止时距离最大,易求最大距离为80 m,则最终
B小球速度恰好为零,选项D正确。
gKY物理好资源网(原物理ok网)6.(多选)如图所示,小车的上面固定一个光滑弯曲圆管道,整个小车(含管道)的质量为2
m,原来静止在光滑的水平面上。今有一个可以看做质点的小球,质量为
m,半径略小于管道半径,以水平速度
v从左端滑上小车,小球恰好能到达管道的最高点,然后从管道左端滑离小车。关于这个过程,下列说法正确的是( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)A.小球滑离小车时,小车回到原来位置
gKY物理好资源网(原物理ok网)B.小球滑离小车时相对小车的速度大小为
vgKY物理好资源网(原物理ok网)C.车上管道中心线最高点的竖直高度为
gKY物理好资源网(原物理ok网)D.小球从滑进管道到滑到最高点的过程中,小车的动量变化大小是
gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】BC
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】小球恰好到达管道的最高点,说明在最高点时小球和小车之间相对速度为0,小球从滑进管道到滑到最高点的过程中,由动量守恒有
mv=(
m+2
m)
v′,得
v′=,小车动量变化大小Δ
p车=2
m·=
mv,D项错误。小球从滑进管道到滑到最高点的过程中,由机械能守恒有
mgH=
mv2-(
m+2
m)
v′
2,得
H=,C项正确。小球从滑上小车到滑离小车的过程,由动量守恒和机械能守恒有:
mv=
mv1+2
mv2,
mv2=
mv12+·2
mv22,解得
v1=-,
v2=
v,则小球滑离小车时相对小车的速度大小为
v+
v=
v,B项正确。由以上分析可知在整个过程中小车一直向右运动,A项错误。
gKY物理好资源网(原物理ok网)7.(多选)如图所示,一辆质量为
M=3 kg的平板小车
A停靠在竖直光滑墙壁处,地面水平且光滑,一质量为
m=1 kg的小铁块
B(可视为质点)放在平板小车
A最右端,平板小车
A上表面水平且与小铁块
B之间的动摩擦因数
μ=0.5,平板小车
A的长度
L=0.9 m。现给小铁块
B一个
v0=5 m/s的初速度使之向左运动,与竖直墙壁发生弹性碰撞后向右运动,重力加速度
g取10 m/s
2。下列说法正确的是( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)A.小铁块
B向左运动到达竖直墙壁时的速度为2 m/s
gKY物理好资源网(原物理ok网)B.小铁块
B与墙壁碰撞过程中所受墙壁的冲量为8 N·s
gKY物理好资源网(原物理ok网)C.小铁块
B从反向到与车同速共历时0.6 s
gKY物理好资源网(原物理ok网)D.小铁块
B在平板小车
A上运动的整个过程中系统损失的机械能为9 J
gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】BD
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】设铁块向左运动到达竖直墙壁时的速度为
v1,根据动能定理得-
μmgL=
mv-
mv,代入数据可得
v1=4 m/s,故A项错误;小铁块
B与竖直墙壁发生弹性碰撞,所以小铁块弹回的速度大小为
v1′=4 m/s,方向向右,根据动量定理
I=
m·Δ
v=8 kg·m/s,故B项正确;假设小铁块最终和平板车达到共速
v2,根据动量守恒定律得
mv1′=(
m+
M)
v2,解得
v2=1 m/s,小铁块最终和平板车达到共速过程中小铁块的位移
x1=
t=×0.6 m=1.5 m,平板车的位移
x2=
t=×0.6 m=0.3 m,Δ
x=
x1-
x2=1.2 m>
L,说明铁块在没有与平板车达到共速时就滑出平板车,所以小铁块在平板车上运动过程中系统损失的机械能为Δ
E=2
μmgL=9 J,故C项错误,D项正确。
gKY物理好资源网(原物理ok网)8.半圆形光滑轨道固定在水平地面上,如图所示,并使其轨道平面与地面垂直,物体
m1、
m2同时由轨道左、右最高点释放,二者碰后粘在一起向上运动,最高能上升到轨道
M点,已知
OM与竖直方向夹角为60°,则两物体的质量之比
m1∶
m2为( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)A.(+1)∶(-1) B.∶1
gKY物理好资源网(原物理ok网)C.(-1)∶(+1) D.1∶
gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】C
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】两球到达最低点的过程,由动能定理得
mgR=
mv2,解得
v=,所以两球到达最低点的速度均为,设向左为正方向,则
m1的速度
v1=-,则
m2的速度
v2=,由于碰撞瞬间动量守恒得
m2v2+
m1v1=(
m1+
m2)
v共,解得
v共=,二者碰后粘在一起向左运动,最高能上升到轨道
M点,对此过程应用机械能守恒定律得-(
m1+
m2)
gR(1-cos60°)=0-(
m1+
m2)
v,解得=2,整理
m1∶
m2=(-1)∶ (+1),故C项正确。
gKY物理好资源网(原物理ok网)9.如图是一个物理演示实验,它显示:如图中自由下落的物体
A和
B经反弹后,
B能上升到比初位置高得多的地方。
A是某种材料做成的实心球,质量
m1=0.28 kg,在其顶部的凹坑中插着质量
m2=0.1 kg的木棍
B,
B只是松松地插在凹坑中,其下端与坑底之间有小空隙。将此装置从
A下端离地板的高度
H=1.25 m处由静止释放。实验中,
A触地后在极短时间内反弹,且其速度大小不变;接着木棍
B脱离球
A开始上升,而球
A恰好停留在地板上。则木棍
B上升的高度为(重力加速度
g取10 m/s
2)( )
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)A.4.05 m B.1.25 m C.5.30 m D.12.5 m
gKY物理好资源网(原物理ok网)【答案】A
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】球及棒落地速度
v=,球反弹后与
B的碰撞为瞬间作用,
AB虽然在竖直方向上合外力为重力,不为零。但作用瞬间,内力远大于外力的情况下,动量近似守恒,故有
m1v-
m2v=0+
m2v2′,棒上升高度为
h=,联立并代入数据,得
h=4.05 m。
gKY物理好资源网(原物理ok网)10.如图所示,可看成质点的
A物体叠放在上表面光滑的
B物体上,一起以
v0的速度沿光滑的水平轨道匀速运动,与静止在同一光滑水平轨道上的木板
C发生碰撞,碰撞后
B、
C的速度相同,
B、
C的上表面相平且
B、
C不粘连,
A滑上
C后恰好能到达
C板的右端。已知
A、
B质量均相等,
C的质量为
A的质量的2倍,木板
C长为
L,重力加速度为
g。求:
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)(1)
A物体的最终速度;
gKY物理好资源网(原物理ok网)(2)
A物体与木板
C上表面间的动摩擦因数。
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】(1)设
A、
B的质量为
m,则
C的质量为2
m,
B、
C碰撞过程中动量守恒,令
B、
C碰后的共同速度为
v1,以
B的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)mv0=3
mv1gKY物理好资源网(原物理ok网)B、
C共速后
A以
v0的速度滑上
C、
A滑上
C后,
B、
C脱离,
A、
C相互作用过程中动量守恒,设最终
A,
C的共同速度
v2,以向右为正方向,由动量守恒定律得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)mv0+2
mv1=3
mv2gKY物理好资源网(原物理ok网)联立解得:
v1=,
v2=。
gKY物理好资源网(原物理ok网)(2)在
A、
C相互作用过程中,由能量守恒定律得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)fL=
mv+×2
mv-×3
mvgKY物理好资源网(原物理ok网)又
f=
μmggKY物理好资源网(原物理ok网)解得:
μ=。
gKY物理好资源网(原物理ok网)11.如图所示,光滑水平平台
AB与竖直光滑半圆轨道
AC平滑连接,
C点切线水平,长
L=4 m的粗糙水平传送带
BD与平台无缝对接。质量分别为
m1=0.3 kg和
m2=1 kg两个小物体中间有一被压缩的轻质弹簧,用细绳将它们连接。已知传送带以
v0=1.5 m/s的速度向左匀速运动,小物体与传送带间动摩擦因数
μ=0.15。某时剪断细绳,小物体
m1向左运动,
m2向右运动速度大小为
v2=3 m/s,
g取10 m/s
2。求:
gKY物理好资源网(原物理ok网)gKY物理好资源网(原物理ok网)(1)剪断细绳前弹簧的弹性势能
Ep;
gKY物理好资源网(原物理ok网)(2)从小物体
m2滑上传送带到第一次滑离传送带的过程中,为了维持传送带匀速运动,电动机需对传送带多提供的电能
E;
gKY物理好资源网(原物理ok网)(3)半圆轨道
AC的半径
R多大时,小物体
m1从
C点水平飞出后落至
AB平面的水平位移最大?最位移为多少?
gKY物理好资源网(原物理ok网)【解析】(1)对
m1和
m2弹开过程,取向左为正方向,由动量守恒定律有:
gKY物理好资源网(原物理ok网)0=
m1v1-
m2v2gKY物理好资源网(原物理ok网)剪断细绳前弹簧的弹性势能:
Ep=
m1v12+
m2v22gKY物理好资源网(原物理ok网)解得:
v1=10 m/s,
Ep=19.5 J。
gKY物理好资源网(原物理ok网)(2)设
m2向右减速运动的最大距离为
x,由动能定理得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)-
μm2gx=0-
m2v22gKY物理好资源网(原物理ok网)解得:
x=3 m<
L=4 m
gKY物理好资源网(原物理ok网)则
m2先向右减速至速度为零,向左加速至速度为
v0=1.5 m/s,然后向左匀速运动,直至离开传送带。
gKY物理好资源网(原物理ok网)设小物体
m2滑上传送带到第一次滑离传送带的所用时间为
t,取向左为正方向,根据动量定理得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)μm2gt=
m2v0-(-
m2v2)
gKY物理好资源网(原物理ok网)解得:
t=3 s
gKY物理好资源网(原物理ok网)该过程皮带运动的距离:
x带=
v0t=4.5 m
gKY物理好资源网(原物理ok网)故为了维持传送带匀速运动,电动机需对传送带多提供的电能:
E=
μm2gx带=6.75 J。
gKY物理好资源网(原物理ok网)(3)设竖直光滑轨道
AC的半径为
R时小物体
m1平抛的水平位移最大为
x,从
A到
C由机械能守恒定律得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)m1v12=
m1vC2+2
mgRgKY物理好资源网(原物理ok网)由平抛运动的规律有:
gKY物理好资源网(原物理ok网)x=
vCt1,2
R=
gt12gKY物理好资源网(原物理ok网)联立整理得:
gKY物理好资源网(原物理ok网)根据数学知识知当4
R=10-4
R,即
R=1.25 m时,水平位移最大为
xmax=5 m。
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