《江苏特版2019年版高考物理第一轮复习第六章静电场微题49电场准备与精炼中的图像题.doc》由会员分享，可在线阅读。 更多相关《江苏特版2019版高考物理一轮》第六章静电场微题49图像电场考试备考精炼中的图像问题一轮复习.doc（6页珍藏版）》请在163图书馆搜索。
1.【优秀教育资源库】电场中图像问题的49种方法在图像问题中，x一般从图像的“点、线、面、斜”四个方向来理解。 图像中的斜率代表场强； E 区，质量为 m 的点电荷从 C 点释放出来，仅在电场力的作用下移动，如图 B 所示。移动到 B 点时对应图形的切线斜率最大（图中标出切线），其切线斜率为k，则（ ） 图1 AB点为中垂线上电场强度最大的点，其大小为mkq B 从C点到A点，电势逐渐降低C。此时的电荷从C到
2、在A的过程中，物块的电势能先减小后增大。 DB 和 A 两点之间的电势差为 m?vA vB?22q 2 （多选） 如图 2 A 所示，电场线与 Ox 轴重合，假设 O 点电势为零， Ox方向各点电势随x变化的关系如图B所示。如果电子在O点从静止状态释放出来，且电子只受到电场力的影响，则（ ）图2 AB电子的势能总是沿着Ox方向减小。 C 电场强度总是沿着Ox方向增大。 D 电子运动加速度先减小后增大 3（2018 年天一中学调查） 两个等点电荷位于 x 轴，其静电场电位随位置变化
3. 上面两点M、N、OM 为ON。 从图中可以看出 ( ) 图 3 AN 点的电势低于 M 点的电势，BM 和 N 的电场强度方向相同，M 点的场强大于C 的场强只有在电场力的作用下，正电荷才能在 x 轴上的两点 M、N 之间往复运动，力先做正功，后做负功 4 (多项选择）如图4所示，P和Q是两个等量的不同电荷。 以靠近 P 点的 O 点为原点，沿连接两个电荷的连线建立 x。 轴，沿直线向右为x轴正方向。 带正电的粒子从O点静止开始，在电场力的作用下移动到A点。 已知A点和O点大约是连接两个电荷PQ的直线的中点对。
4.据说忽略了粒子的引力。 从O到A运动过程中，质点的速度v和加速度a随时间t的变化，质点的动能Ek和运动轨迹上的电势随位移x的变化图肯定是错误的( ) 图4 5（单选）（2017年无锡市多所学校联考）有一个沿x轴分布的电场。 电场强度E随x变化的图像如图5所示，x轴正方向为电场强度的正方向。 质量为 m、电荷为 q 的带负电粒子在 0 ( ) 之间的点处从静止状态释放。 图 5 A x 轴上 x1 处的电势最高 [优秀教育资源库] B x 轴上 x2 处的电势-axis 是最高的 C 粒子向右移动
5. 在 的过程中，粒子的电势能可能先减小，然后增大，然后又减小。 当D粒子向右运动时，如果速度达到x2并且恰好为零，那么粒子运动的最大速度一定大于qE0？ x2 点，间距 MN NP，x 轴上 Q1、Q2 产生的电势随 x 变化如图 B ( ) 图 6 AN 点电场强度为零。 B 从M点到P点，电场强度先增大后减小。 CM和N之间的电场方向沿x轴D的正方向。当正试电荷从P移动到M时，电场力做功|WPN| |W
6.近乎完美| 7（多选） 如图7所示，在粗糙绝缘水平面附近存在与水平面平行的电场。 一定区域内的电场线与x轴平行，x轴上的电势与坐标x一致。 其关系用图中的曲线表示。 图中的斜线是经过点(0.15,3)的曲线的切线。 有一个滑块P（可视为质点），质量为0.20 kg，电荷为2.010 8 C，从x处0.10 m处从静止释放，其与水平面的动摩擦因数为0.02 。 取重力加速度g10 m/s2。 那么下列说法正确的是： ( ) 图7 A x 0.15 m 0.15 m 处的场强为2.010 6 N/CB 滑动 块体运动的加速度逐渐减小。 C滑块运动最大速度为0.1m/s【优秀教育资源
7.库]D滑块最终停在0.3m处。 8、分别在真空中x轴原点和x 6a处固定一个点电荷M、N（图中未标注）。 在 x 2a 处，静止时释放正点电荷 P。 假设点电荷P仅在电场力的作用下沿x轴方向移动。 点电荷 P 的速度与其在 x 轴上的位置之间的关系如图 8 所示。下列说法正确的是： ( ) 图 8 A 点电荷 M 和 N 一定都是负电荷 B 点电荷 P 的电荷势能必须先增大后减小 C 点电荷 M 和 N 所带电荷的绝对值之比为 21 D x 4a 的电场强度必须为零 9 (多选) 沿线存在静电场x 轴位于光滑绝缘水平面上。 其电势随着坐标x的变化而变化。 变化的图表
8、如图9（图中已知0）有一个质量为m、电荷为q（q0）的带电球（可以看成是一个粒子）从O点沿x轴以未知的速度向前运动速度v0。 方向移动到x4。 那么下列说法正确的是 ( ) 图 9 A 当带电球从 O 移动到 x1 时物理资源网，其所受到的电场力逐渐增大 B 当带电球从 x1 移动到 x3 时，电势能不断增大 C. 如果小球的初速度为 v0 2 0qm，则运动过程中的最大速度为 6 0qm。 D、如果球能移动到x4，则初速度v0至少为2 0qm 【优秀教育资源库】答案精炼分析1 AB 2.ABD 3.B 4.ABD 5 AD 因为电场线在右侧x1 点向右，左侧电场线向左，电势跟随电场线
9、减小，故x1点电位最高，选项A正确，选项B错误； 带负电的粒子从 0 之间的位置释放。如果速度减小到零，粒子将反转方向并向左移动。 因此，粒子在向右运动过程中，其电势能先减小后增大。 选项C错误； 当粒子向右移动时，x1处的速度最大，如果速度达到x2正好为零，则E x 图像中图形线与x坐标轴围成的面积表示电势差，则 12mv m2qUq(x2 x1) 12E0，即vm qE0？ 6 交流电势随x变化的图中切线的斜率（x图）代表电场强度，故N点电场强度为零，故A正确； 从
10、M点到P点的电场强度先减小后增大，故B错误； M点电势为零，N点电势小于零。 由于电势沿电场线减小，MN点之间的电场方向从MN开始，沿x轴正方向，所以C是正确的； 从问题图中我们知道UMN|UNP|，所以当一个正的试探电荷从P移动到M时，电场力做负功，所以|WPN| |WNM|,D 错误 7 AC 在 x 图中，某一点切线的斜率代表该点的场强，因此 x 0.15 m 处的场强等于问题图中的切线，即E 2.010 6 N/C。 A项的正确公式为 从标题图中可以看出，x轴上的场强E随着x的增大而减小。 根据牛顿第二定律：Eq Ff ma，加速度逐渐减小，滑块的加速度逐渐减小。
11. 运动加速度逐渐减小。 当qE Ff时，加速度为0，然后加速度反转。 由 Ff qE ma 可知，反方向加速度增大，滑块做加速度逐渐增大的减速运动，直至停止，所以滑块在向右滑动的过程中，加速度先减小在一个点电荷q的电场中ox坐标轴与它的，然后增加。 错误B。由动能定理可知，当组合外力做最大的正功时，滑块的动能最大。 此时电场力减小到正好等于摩擦力，即Eq mg，解为E 2.010 6 N/C，即当x 0.15 m滑块从静止释放到移动到x 0.15时m, q(0.10 0.15) mg (0.15 m 0.10 m)，代入已知条件，解为：vm 0.1 m/s，C项正确。 如果滑块能移动到0.3 m，电场力就会做功。
12. 610 3 J，需要做功Wf 810 3 J来克服摩擦力，因此滑块无法移动到0.3 m。 D项的误差为8D。根据题中图片可知，点电荷的速度先增大后减小，说明电场力对点电荷P先做正功，再做负功，然后M且N必须都是正电荷，且点电荷P的电势能必定先减小后增大，故选项A、B错误； 因为在x 4a处速度最大，也就是说这里点电荷M和N产生的合成场强为0，则kQM?4a?2 kQN?2a?2，所以QM QN 41，选项C错误， D正确 9 BC由下式给出 从场强与电势差的关系可以看出，在题中的图x中，直线的斜率代表电场强度E。当带电球从O移动时到x1时，其所受的电场力保持不变，A项错误； 从x1运动到x3过程中，电势不断减小，但球带负电，因此球的电势能不断增大，B项正确； 当球运动到x1时，电场力做的正功最大在一个点电荷q的电场中ox坐标轴与它的，速度也最大。 根据动能定理：q(0 0)，代入v0 2 0qm，解为得到小球的最大速度vm 6 0qm。 C项正确； 当球移动到 x3 时，速度最小。 根据动能定理为：q0(0)0，解为：v0 2 0qm，D项错误