当前位置首页 > 教育资讯

沪科版高中物理选修(3-学案3章末总结)

更新时间:2024-03-28 文章作者:佚名 信息来源:网络整理 阅读次数:

5V=15kV,B正确; 如果采用5kV电压输电,输电线路上的电能损耗会更大,但最多只能是3×106kW,而且不可能超过这个值,C错误; 如果用ΔP=U2R来计算输电线路上损失的功率,则U是输电线路上损失的电压,R是输电线路的电阻,D是错误的。 二、理想变压器的分析思路 1、电压思路:变压器原、副线圈电压比为U1U2=n1n2; 当变压器有多个次级线圈时,U1n1=U2n2=U3n3=…2。 功率思路:理想变压器的输入功率和输出功率的关系是P in = P out,即P1 = P2; 当变压器有多个次级线圈时,P1 = P2 + P3 +...3。 目前的思路:由I=PU,当变压器有多个次级线圈时,n1I1=n2I2+n3I3+...,仅对于只有一个次级线圈的变压器,I1I2=n2n1。 4、动态分析变压器电路的思想可以表述为例2:用理想变压器向负载供电,变压器输入端电压保持不变,如图1所示。开始时,开关S断开。 现在闭合开关S,则图中所有交流电表的指示及输入功率的变化为()图1A。 V1、V2的指示不变,A1的指示增大,A2的指示减小,P增大。 B. V1、V2 指示不变,A1、A2 指示增大,P 输入增大 C. V1、V2 指示不变,A1、A2 指示减小,P 输入减小 D. 指示V1的指示不变,V2的指示增大,A1的指示减小,A2的指示增大,P的指示减小。 分析电压表V1的指示由输入电压决定; 电压表V2的示值由输入电压U1(大小与电压表V1的示值相等)和匝数比n1/n2决定; 电流表A2的示值由输出电压U2(大小与电压表V2的示值相等)和负载电阻R决定; 电流表A1的指示,即I1,由变压器的匝数比n2/n1和输出电流I2决定; P 输入随 P 输出变化,并由 P 输出决定。 由于输入电压保持不变,因此电压表V1的读数保持不变。 根据公式U2=n2U1/n1可以看出U2没有变化,即电压表V2的指示没有变化。 根据I2=U2/R负,S闭合后R负减小,故I2增大,电流表A2指示增大; 输入电流I1随着输出电流I2的增加而增加,因此电流表A1的指示数字增加。 由于 P out = U2I2,P out 增加。 P in 随着 P out 的变化而变化,因此 P in 也会增加。 所以选B。ZpD物理好资源网(原物理ok网)

答案 B 3. 远距离输电电路中的各种关系 1. 解决远距离输电问题时,首先应画出输电电路图,如图 2 所示,并写出已知量和数量可在电路图的相应位置找到。 图 22. 分析三个电路。 在每个电路中,变压器的初级线圈是该电路的用电设备,对应的次级线圈是下一个电路的电源。 3. 综合运用以下三方面知识来解决(1)节能:P=U1I1=U2I2=P用户+ΔPΔP=I22RP用户=U3I3=U4I4。 (2)电路知识:U2=ΔU+U3ΔU=I2R (3)变压器知识:U1U2=I2I1==I4I3=n3n4。 其中,ΔP=I2R和ΔU=I2R往往是解决问题的切入点。 实施例3 发电机输出电压为220V,输出功率为44kW,输电线电阻为0.2Ω。 如果使用原、次级线圈匝数比为1:10的升压变压器来升压,经过传输线后,则使用原、次级线圈匝数比为10的降压变压器: 1 将电压降压供给用户,则: (1) 画出整个过程示意图; (2)求出用户获得的电压和功率; (3) 如果电不经变换直接送至用户,求用户得到的电压和功率。 分析 (1) 原理图如图 (2) 升压变压器U2的输出电压==101×220V=2200V。 根据升压变压器的输出功率等于输入功率,则升压变压器的输出电流为I2=PU2=44×= 20A传输线上的电压损耗和功率损耗为UR=I2R分别=20×0。ZpD物理好资源网(原物理ok网)

2V=4VPR=I22R=202×0。 2W=80W降压变压器上的输入电流和输入电压为 I3=I2=20AU3=U2-UR=2200V-4V=2196V 降压变压器上的输出电压和输出电流为 U4==110× 2196V=219.6VI4==10×20A=200A。 用户获得的功率为P4=I4U4=200×219.6W=4.392×104W (3)如果不使用高压送电,则使用220V 当使用低压直接供电时,电路如图所示由图可知,则传输电流I=PU1=44×=200A,则传输线上的电压损耗UR′=IR=200×0。 2V=40V,所以用户获得的电压为U4′= U1-UR′=220V-40V=180V 用户获得的功率为P4′=IU4′=200×180W=3.6×104W。 答(1)见分析图(2)219.6V4.392×104W(3)180V3。 6×104W1。 (电能传输中功率损耗的计算) 通过理想变压器,通过同一条线路传输相同的电力P。 原线圈的电压U保持不变,传输线的总电阻为R。当次级线圈与初级线圈的匝数比为k时,传输线损失的电功率为P1。 如果次级线圈和初级线圈之间的匝数比增加到nk,则线路损失的电功率为P2,则P1和P2P1为( )A。ZpD物理好资源网(原物理ok网)

PRkU,1nB。 (PkU)2R,1nC。 PRkU,1n2D。 (PkU)2R,1n2 答案D 分析 根据变压器的电压变换定律,U1U=k,U2U=nk,故U1=kU,U2=nkU。 根据P=UI,匝数比为k和nk的变压器次级绕组的电流分别为I1=PU1=PkU和I2=PU2=PnkU。 根据P=I2R,输电线路中损失的电功率为P1=I21R=(PkU)2R,P2=I22R=(PnkU)2R,所以P2P1=1n2。 选项D正确,选项A、B、C错误。 2.(理想变压器基本规则的应用)如图3所示,理想变压器的初级和次级线圈的匝数比为20:1。 初级线圈接正弦交流电源,次级线圈接“220V、60W”灯泡,如果灯泡正常发光,则()图3A。 电流表的指示是。 电源的输出功率为。 电流表的指示是。 初级线圈两端电压为11V。 答案C 分析:灯泡正常发光,则次级线圈的电流为I1=PU=3nA。 根据变压器的电流关系,我们可以得到:I1I0=n0n1,初级线圈中的电流I0==3220A,即电流表指示为3220A,原线圈中的电压U0==4400V,电源的输出功率P=UI=4400×3220=60W。ZpD物理好资源网(原物理ok网)

3. (理想变压器的动态分析) 图4所示电路中的变压器为理想变压器,S为单刀双掷开关。 P是滑动变阻器R的滑动触点,U1是施加在初级线圈两端的交流电压,I1和I2分别是初级线圈和次级线圈中的电流。 下列说法正确的是( ) 图 4A. 保持P和U1的位置不变,将S从b切换到a,R上消耗的功率减小B。保持P和U1的位置不变,将S从a切换到b,则I2减小C。保持P和U1的位置不变电功率说课稿,将S从a切换到b,则I2减小C。 P和U1不变,将S从b切换到a,则I1增加D。保持U1不变,将S连接到b端,向上滑动P,则I1将减少。 答BC分析当S从b切换到a时,次级线圈匝数增加,输出电压U2增加,R消耗的功率增加,从变压器的功率关系可以看出,其输入功率也增加,所以I1增加,所以A是错误的,C是正确的; 当S从a切换到b时,次级线圈匝数减少,则输出电压U2减小电功率说课稿,I2减小,B是; 当P向上滑动时,R减小,I2增大。 从电流与匝数的关系可以看出,I1增大,D是错误的。 4、(长距离输电设备中的各种关系)在小水电站中,水以3m/s的速度流入水轮机,以1m/s的速度流出。 出水水位比进水水位低1.6m,水流量1m3/s。 如果75%的水流能量供给发电机。 那么(变压器为理想变压器,g为10m/s2): (1)如果发电机效率为80%,则发电机的输出功率是多少? (2) 若发电机输出电压为240V,传输线上的电阻为1623Ω,允许电功率损耗为5%,用户所需电压为220V,则步进电机的初、次级线圈匝数为:使用的升压变压器和降压变压器各自的变比是多少? 答案(1) 12kW (2) 3:2595:11 分析(1) 水流每秒的机械能损失为ΔE=12m(v21-v22)+mgΔh=2×104J。ZpD物理好资源网(原物理ok网)

发电机的传输功率为P out = 75%ΔEt × 80%,因此P out = 12kW。 (2)发电机通过变压器到用户的传输线路示意图如图所示,P线=5% P输出=600W,因为P线=I2线R线,所以I线=6A ; 因为 I2 = I 线 = 6A,所以 I1=P 输出 U1=50A。 因此,对于升压变压器来说,I1I2=n2n1,即n1n2=I2I1=325。 又因为I3=I线=6A,I4=P出-P线U4=,所以对于降压变压器,n3n4=I4I3=9511。宜城教育资源网ZpD物理好资源网(原物理ok网)

发表评论

统计代码放这里